C++中如何转发一个函数调用

这篇文章给大家分享的是有关C++中如何转发一个函数调用的内容。小编觉得挺实用的，因此分享给大家做个参考，一起跟随小编过来看看吧。

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方法如下

首先你灵光一闪：

#define WARP_CALL(fun, ...) fun(__VA_ARGS__)

不我们并不喜欢宏，扩展性太差了

template
R warp_call(R(*fun)(T1, T2, T3), T1 a, T2 b, T3 c)
{
 return fun(a, b, c);
}

如果你写出来上面这段代码，你肯定是从C转过来的，C++还没用熟。考虑callable object和C++11 variadic template特性用上：

template
auto wrap_call(Fun f, Args... args) -> decltype(f(args...))
{
 return f(args...);
}

加上移动语义，返回值推导：

template
auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

auto返回值实际上会有参数被decay的问题，用decltype + 尾置返回值

template
auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 -> decltype(std::forward(f)(std::forward(args)...))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

有了C++14，可以直接使用decltype(auto)

template
decltype(auto) wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

别忘了noexcept

template
decltype(auto) wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 noexcept(noexcept(std::forward(f)(std::forward(args)...)))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

但是上面的函数不是SFINAE-friendly的，因为decltype(auto)返回值的函数并不能直接从函数签名获得返回值，而对这个函数进行返回值推导，是可能产生hard error打断SFINAE的。所以最好手动写返回值

template
auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 noexcept(noexcept(std::forward(f)(std::forward(args)...)))
 -> decltype(std::forward(f)(std::forward(args)...))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

我们还遗漏了啥？constexpr

template
constexpr auto wrap_call(Fun&& f, Args&&... args)
 noexcept(noexcept(std::forward(f)(std::forward(args)...)))
 -> decltype(std::forward(f)(std::forward(args)...))
{
 return std::forward(f)(std::forward(args)...);
}

感谢各位的阅读！关于“C++中如何转发一个函数调用”这篇文章就分享到这里了，希望以上内容可以对大家有一定的帮助，让大家可以学到更多知识，如果觉得文章不错，可以把它分享出去让更多的人看到吧！